网络编程 发布日期：2024/10/1 浏览次数：1
很多时候，需要对Yii表单model中的对象设置的rules进行判断，但是有的时候可能需要在提交之前就在客户端进行验证，我这边设置的方法是在提交按钮上设置监听器，如果部分内容为空（比如多选按钮没有选择），那么提示出错信息。主要目的是页面不用提交后刷新，进入controller的对应函数之后再判断出错。显示rules（）验证规则函数的错误信息。
这里为了验证是否选择某个单选按钮，对提交的按钮onclick设置监听，具体如下
<Button onclick = "return fun()"/>
自定义fun()函数，需要有return true和false两种情况
<script>
function fun(){
var CheckBox = document.getElementsByName('checkBox[]');//获取所有的checkBox
var count=0;
for(i=0;i < CheckBox.length;i++){
if(CheckBox[i].checked == true){
count++;
}
}
if(count == 0 ){
var errorMeg = document.getElementById('HomeworkTrConfig_flag_em_');
errorMeg.style.display = "";
errorMeg.innerHTML="请至少选择一项";
return false;
}else{
return true;
}
}
</script>
补充：Yii表单验证中，提交前验证，不通过不提交
以前记得有这么一个写法，就是当表单中的内容不符合验证规则时，会不允许提交，时间一长忘了怎么写了，手册里面也没写，查了一下资料，做一下笔记 ：
$form = $this->beginWidget('CActiveForm',array(
'id' => 'add_host',
'enableAjaxValidation' => false,
'enableClientValidation' => true,
'clientOptions' => array(
'validateOnSubmit' => true //在这个位置做验证
),
'focus' => array($model,'ip')
));
?>
以上所述是小编给大家介绍的yii form 表单提交之前JS在提交按钮的验证方法，希望对大家有所帮助，如果大家有任何疑问请给我留言，小编会及时回复大家的。在此也非常感谢大家对网站的支持！